解题思路：（1）先根据重力提供向心力列式求出过A点的速度，然后对加速过程运用动能定理列式求解即可；
（2）对从D出发，第一次回到D的过程运用动能定理列式求解即可；
（3）先全程列式求出到达D点速度等于传送带速度的传动圈数，然后再加上一次即可．
（1）由题意及向心力公式得：mg＝m
v2A1
R
vA1＝
gR＝
10×0.6＝
6m/s＜v0
小滑块从D到A的过程中被全程加速，由动能定理得：
[1/2m
v2A1＝μmgL
联立以上各式并代入数据解得：μ=0.25
（2）小物块从D出发，第一次回到D的过程，由动能定理得：
1
2m
v2D1＝μmgL+qEL
联立以上各式并代入数据解得：vD1=3m/s
（3）设第n次到达D点时的速度等于传送带的速度，由动能定理得：
1
2m
v20＝nμmgL+nqEL
联立以上各式并代入数据解得：n=4
由于n=4为整数，说明小物块第4次到达D点时的速度刚好等于传送带的速度，则小物块将同传送带一起匀速到A点，再次回到D点的速度为vD，由动能定理得：
1
2m
v2D−
1
2m
v20＝qEL
带入数据解得：vD＝
39m/s＞v0
小物块第5次到达D点后，将沿传送带做减速运动，设在传送带上前进距离S后与传送带速度相等，由动能定理得：
1
2m
v20−
1
2m
v2D＝−μmgS
联立以上各式并代入数据解得：S=0.6m
从以上计算可知，小物块第5次到达D点后，沿传送带做减速到传送带中点以后即同传送带一起匀速到A点，以后的运动将重复上述的过程，因此小物块第5次到达D点速度最大，最大速度为vD＝
39m/s．
答：（1）物块与传送带间的动摩擦因素为0.25；
（2）物块第1次经CD半圆形轨道到达D点时速度为3m/s；
（3）物块第5次经CD半圆形轨道到达D点时的速度达到最大，最大速度为
39]m/s．
点评：
本题考点： 动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力．
考点点评： 本题关键是根据动能定理多次全程列式，涉及到牛顿第二定律、向心力公式、动能定理，较难！
