解题思路：根据函数单调递增导数大于等于零列出不等式，求出集合A，根据一元二次方程根与系数的关系写出不等式先看成关于a的不等式恒成立再看成关于t的一次不等式恒成立，让两端点大等于零，即可得到结论．
（Ⅰ）函数的导数为f′（x）=
4+2ax−2x2
(x2+2)2＝
−2(x2−ax−2)
(x2+2)2，
∵f（x）在[-1，1]上是增函数，
∴f′（x）≥0对x∈[-1，1]恒成立，
即x2-ax-2≤0对x∈[-1，1]恒成立．①
设g（x）=x2-ax-2，
则
g(1)＝1−a−2≤2
g(−1)＝1+a−2≤0⇔-1≤a≤1，
∵对x∈[-1，1]，f（x）是连续函数，且只有当a=1时，f′（-1）=0以及当a=-1时，f′（1）=0
∴A={a|-1≤a≤1}．
（Ⅱ）由f（x）=[1/x]得[2x−a
x2+2=
1/x]，得x2-ax-2=0，
∵△=a2+8＞0
∴x1，x2是方程x2-ax-2=0的两非零实根，x1+x2=a，x1x2=-2，
从而|x1-x2|=
(x1+x2)2−4x1x2＝
a2+8．
∵-1≤a≤1，∴|x1-x2|=
a2+8≤3．
要使不等式m2+tm+1≥|x1-x2|对任意a∈A及t∈[-1，1]恒成立，
当且仅当m2+tm+1≥3对任意t∈[-1，1]恒成立，
即m2+tm-2≥0对任意t∈[-1，1]恒成立．②
设m（t）=m2+tm-2=mt+（m2-2），
方法一：
②⇔m（-1）=m2-m-2≥0，m（1）=m2+m-2≥0，
⇔m≥2或m≤-2．
所以，存在实数m，使不等式m2+tm+1≥|x1-x2|对任意a∈A及t∈[-1，1]恒成立，其取值范围是{m|m≥2，或m≤-2}．
方法二：
当m=0时，②显然不成立；
当m≠0时，
②⇔m＞0，g（-1）=m2-m-2≥0或m＜0，g（1）=m2+m-2≥0
⇔m≥2或m≤-2．
所以，存在实数m，使不等式m2+tm+1≥|x1-x2|对任意a∈A及t∈[-1，1]恒成立，其取值范围是{m|m≥2，或m≤-2}．
故选：A
点评：
本题考点： 函数恒成立问题．
考点点评： 本小题主要考查函数的单调性，导数的应用和不等式等有关知识，考查数形结合及分类讨论思想和灵活运用数学知识分析问题和解决问题的能力．综合性较强，难度较大．
