解题思路：I．从偶然误差和系统误差的区别去分析；
Ⅱ．在匀变速直线运动中，可以用平均速度代替瞬时速度，通过前后两条纸带的平均速度分析中间还有几个点，利用△x=gT2的方法求解加速度；
Ⅲ．由灯泡铭牌找出灯泡的额定电压与额定电流，根据灯泡的额定电压与额定电流选择电压表与电流表，滑动变阻器的阻力范围不宜太大，要方便调节，根据P=UI求解小灯泡的功率．
I．AC两项都是通过求平均值的方法来减小实验的偶然误差，而BD两个选项的措施是为了减小系统误差的．
故选AC
Ⅱ．①用平均速度代替瞬时速度得：A、B两点间的平均速度v=
x
t=
4.2×10−3
2×10−2=0.21m/s
②后面两个点的平均速度为v′=
x′
t＝
19.4×10−3
2×10−2＝0.97m/s＝0.21+9.8×0.02×4m/s，看出后面一段纸带距离前面一段纸带的时间间隔有四段，即丢失的中间纸带上有2个点．
③利用x4-x1=4gt2解得：g=9.5 m/s2
Ⅲ．①小灯泡的额定电压为2.5V，所以选择电压表A，题中提供的电流表G电流值较小，可以用G与电阻箱Rl并联改装成大量程的电流表，滑动变阻器选择R3（10Ω，2A）
方便调节．
故选ACD
②实物连线图如图所示
③根据电路图可知，电压表测量的是小灯泡两段的电压，
根据P=UI得P=U（IG+
IGRG
R1−
U
RV）其中RG、RV分别是电流表G、电压表V的内阻，R1是把电阻箱作为分流电阻提供的有效电阻．
故答案为：I．AC；Ⅱ．0.21m/s②2③9.5 m/s2
③g=9.5m/s2
Ⅲ．①ACD
②实物连线图如图所示
③U（IG+
IGRG
R1−
U
RV）；其中RG、RV分别是电流表G、电压表V的内阻，R1是把电阻箱作为分流电阻提供的有效电阻．
点评：
本题考点： 测定电源的电动势和内阻；验证机械能守恒定律．
考点点评： 其中第三题主要考查学生对电学知识的综合应用，尤其是实验设计，这是重点也是难点，在设计实验时可参考一下：
①没有电压表，利用定值电阻和电流表以及其他元件测量电阻的阻值时，一般设计成并联电路，找电压相等列等式求出；
②没有电流表，利用电压表和定值电阻以及其他元件测量电阻的阻值时，一般设计成串联电路，找电流相等列等式求出．
