解题思路：（1）先求出函数的导数，利用h'（1）=0，h'（2）=0，即可求a、b的值；
（2）首先求出函数的导数，然后将区间[0，3]，分为x∈（0，1），x∈（1，2），x∈（2，3）三段，在每一段找到最大值，然后三个最大值进行比较，求出区间[0，3]上最大值，即可求出c的取值范围；
（3）对于存在性问题，可先假设存在，即假设存在实数d＞0，使得方程
g(x)
x
＝f′(x)−(2d+1)
在区间
(
1
e
，e)
内有且只有两个不相等的实数根，再利用导数的知识，研究函数在（
1
e
，e
）内有且只有两个不相等的零点的条件，若出现矛盾，则说明假设不成立，即不存在；否则存在．
（1）h'（x）=6x2+6ax+3b，
因为函数h（x）在x=1及x=2取得极值，则有h'（1）=0，h'（2）=0．
即
6+6a+3b＝0
24+12a+3b＝0
解得a=-3，b=4．（4分）
（2）由（1）可知，h（x）=2x3-9x2+12x+8c，h'（x）=6x2-18x+12=6（x-1）（x-2）．
当x∈（0，1）时，h'（x）＞0；
当x∈（1，2）时，h'（x）＜0；
当x∈（2，3）时，h'（x）＞0．
所以，当x=1时，h（x）取得极大值h（1）=5+8c，又h（0）=8c，h（3）=9+8c．
则当x∈[0，3]时，h（x）的最大值为h（3）=9+8c．
因为对于任意的x∈[0，3]，有h（x）＜c2恒成立，
所以 9+8c＜c2，
解得 c＜-1或c＞9，
因此c的取值范围为（-∞，-1）∪（9，+∞）．
（3）把方程
g(x)
x＝f′(x)−(2d+1)整理为[lnx/x＝dx+2−(2d+1)，
即为方程dx2+（1-2d）x-lnx=0设H（x）=dx2+（1-2d）x-lnx（x＞0），
原方程在区间（
1
e，e）内有且只有两个不相等的实数根，即为函数H（x）在区间（
1
e，e）内有且只有两个零点H′(x)＝2dx+(1−2d)−
1
x]=
2dx2+(1−2d)x−1
x＝
(2dx+1)(x−1)
x
令H'（x）=0，因为d＞0，解得x=1或x＝−
1
2d（舍）
当x∈（0，1）时，H'（x）＜0，H（x）是减函数；
当x∈（1，+∞）时，H'（x）＞0，H（x）是增函数H（x）在（[1/e，e）内有且只有两个不相等的零点，只需
H(
1
e)＞0
H(x)min＜0
H(e)＞0]⇒1＜d＜
e2+e
2e−1（12分）
点评：
本题考点： 函数与方程的综合运用；函数在某点取得极值的条件；利用导数求闭区间上函数的最值．
考点点评： 本题主要考查了利用导数求函数的极值问题、函数与方程的综合运用，注意（3）的处理存在性问题的一般方法，首先假设存在，进而根据题意、结合有关性质，化简、转化、计算，最后得到结论．
