（1）如表是小莉同学用图所示装置分别测得水和盐水在 - 已解决

（1）如表是小莉同学用图所示装置分别测得水和盐水在不同深度时，压强计（U形管中是水）两液柱的液面高度情况．

序号

液体

深度h（mm）

压强计

左液面（mm）

右液面（mm）

液面高度差（mm）

水

186

214

171

229

158

242

盐水

154

246

①分析表中序号为1、2、3三组数据可得到的结论是：同种液体的压强随深度的增加而______，比较表中序号为3、4两组数据可得到的结论是：不同液体的压强还跟液体的______有关．

②为了进一步研究在同一深度，液体向各个方向的压强是否相等，他们应控制的量有______和______，要改变的是______．

③小莉同学在学了液体压强公式后，用公式对以上实验的数据进行分析计算（g=10N/kg），得出金属盒在30mm深处水的压强是______Pa，而从压强计测出的压强为______Pa，由此她发现按液面高度差计算的压强值小于按液体深度计算的压强值，你认为造成的原因是______．

（2）如图所示，用电流表、电压表测小灯泡的电阻．

①图中表C是______表．

②若将开关闭合，两表读数如图所示，则此时电流为I=______ A，待测电阻为______Ω．

③上述测小灯泡电阻的电路，存在的缺陷______，请说出改进电路的两种方法：①______；②______．

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1个回答

解题思路：（1）①解答本题的关键是要学会分析表中的数据，并且能够根据给出的数据总结出所需要的结论，要注意控制变量法在本实验中的运用．

②液体压强与液体密度和液体深度有关，研究在同一深度，液体向各个方向的压强是否相等．就要控制液体密度和深度相同，改变金属盒探头在液体中的不同方向．

③利用液体压强计算公式p=ρgh计算处30mm深处水的压强是即可，根据数据中的记录计算出压强计出的压强值，要考虑到金属盒橡皮膜也要产生压强．

（2）①电路中，电压表应并联在电路里，电流表串联在电路里，由图中电表C的连接关系，可判断C是什么表．

②电流表量程是0.6A，由图可直接读出电流表示数I，由电压表可读出电压值U，由公式P=UI可求出功率．

③由图知，电路的最大缺陷是：无控制灯泡两端电压的电路．改进方法：①在电路中串联一个滑动变阻器．②把电源换成可改变电压的电源．

（1）①从表中数据1、2、3可以看出，当液体的密度相同时，液体的深度越深，U形管两侧的液面高度差越大，说明液体内部压强和液体的深度有关；从表中数据3、4可以看出，当液体的深度相同时，液体的密度越大，U形管两侧的液面高度差越大，说明液体内部压强和液体的密度有关．

②研究在同一深度，液体向各个方向的压强是否相等，应控制凡是影响液体压强的其他因素：保证同种液体、同一深度，改变的是要研究的因素：压强计在液体中的不同方向．

③金属盒在30mm深处水的压强是：p=ρgh=1×10³kg/m³×10N/kg×0.03m=300Pa；

从压强计测出的压强为：p=ρgh=1×10³kg/m³×10N/kg×0.028m=280Pa；

按液面高度差计算的压强值小于按液体深度计算的压强值，原因是金属橡皮膜也会产生压强．

（2）①在电路中电压表应并联在电路里，电流表串联在电路里，由图知表C并联在电路中，则表C是电压表．

②由图知电流表量程是0.6A，由图知电流表示数I=0.26A，电压表示数U=1.3V，则待测电阻R=[U/I]=[1.3V/0.26A]=5Ω．

③由电路图知：电路中的电流，小灯泡两端的电压不能改变，则电路缺陷是：没有控制灯泡两端电压，多次测量来减小误差．该进的方法是：①电路里串联一个滑动变阻器控制灯泡两端电压．②更换成可控制电压的电源．

故答案为：（1）①增大；密度；②液体密度；金属盒探头在液体中的深度；金属盒探头在液体中的不同方向；③300；280；金属盒橡皮膜也要产生压强；（2）①电压；②0.26；5；③没有控制灯泡两端电压，多次测量来减小误差；①电路里串联一个滑动变阻器控制灯泡两端电压；②更换成可控制电压的电源．

点评：

本题考点：控制变量法与探究性实验方案．

考点点评：（1）本题考查控制变量法在影响液体压强的因素中的应用，不仅涉及液体压强，而且也涉及液体压强的计算，考查了研究液体压强的特点的实验以及实验过程注意的问题．

（2）应熟知电压表、电流表在电路中的连接方法，电压表应并联在电路中，电流表应串联在电路里．

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